●洛谷p1291[shoi2002]百事世界杯之旅

*ZJ *ZJ     2022-10-24     745

关键词:

题链:

https://www.luogu.org/recordnew/show/5861351
题解:

dp,期望
定义dp[i]表示还剩下i个盖子没收集时,期望还需要多少次才能手机完。
初始值:dp[0]=0
显然对于一个状态,我们随机得到一个盖子,有两种可能:
1.得到了曾经没有的盖子,概率为i/N,并转移到dp[i-1]。
2.得到了已经有了的盖子,概率为(N-i)/N,并转移到dp[i]。
所以dp转移式:
dp[i]=(i/n)*dp[i-1]+((N-i)/i)*dp[i]+1(加一表示本次的操作对答案贡献了1的值)
移项:
(i/N)dp[i]=(i/N)dp[i-1]+1
dp[i]=dp[i-1]+(N/i)
然后按上式累加起来就是答案了。


代码:

 

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int N;
long long getcnt(long long rtm)
	int cnt=0;
	while(rtm) cnt++,rtm/=10;
	return cnt;

long long gcd(long long a,long long b)
	while(b^=a^=b^=a%=b);
	return a;

int main()
	cin>>N;
	long long a=0,b=1;
	for(long long i=1,g;i<=N;i++)
		g=gcd(b,i),b=b/g*i;
	for(long long i=1,g;i<=N;i++)
		g=b/i,a+=N*g;
	if(a%b==0) cout<<a/b;
	else
		long long c=a/b;
		a=a-c*b;
		long long g=gcd(a,b);
		a/=g; b/=g;
		long long cntc=getcnt(c);
		long long cnta=getcnt(a);
		long long cntb=getcnt(b);
		cout<<setfill(‘ ‘)<<setw(cntc+cnta)<<right<<a<<endl;
		cout<<setfill(‘-‘)<<setw(max(cnta,cntb)+cntc)<<left<<c<<endl;
		cout<<setfill(‘ ‘)<<setw(cntc+cntb)<<right<<b<<endl;
	
	return 0;

 

  

 

p1291[shoi2002]百事世界杯之旅(概率)(代码片段)

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