关键词:
Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城。T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接。为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有一条路径。换句话说, T 城中只有N ? 1 座桥。
Ray 发现,有些桥上可以看到美丽的景色,让人心情愉悦,但有些桥狭窄泥泞,令人烦躁。于是,他给每座桥定义一个愉悦度w,也就是说,Ray 经过这座桥会增加w 的愉悦度,这或许是正的也可能是负的。有时,Ray 看待同一座桥的心情也会发生改变。
现在,Ray 想让你帮他计算从u 景点到v 景点能获得的总愉悦度。有时,他还想知道某段路上最美丽的桥所提供的最大愉悦度,或是某段路上最糟糕的一座桥提供的最低愉悦度。
Solution
调了一下午+一晚上,唉,代码能力实在不行。
一眼链剖维护。
线段树记一个最大值,最小值,区间和。
犯的错:while写成if,单点修改时要把所有数据清空,标记下传时tag^=1,每次修改都要pushup。
Code
#include<iostream> #include<cstdio> #define N 200002 #define inf 0x7f7f7f7f using namespace std; int size[N],head[N],son[N],tot,topo,top[N],fa[N],num[N],dfn[N],deep[N],n,ji[N],m,jj[N]; char s[10]; int tr[N<<2],ma[N<<2],mi[N<<2]; bool la[N<<2]; struct ff int n,to,l,tag; e[N<<1]; inline void add(int u,int v,int l,int tag) e[++tot].n=head[u]; e[tot].to=v; head[u]=tot;e[tot].l=l;e[tot].tag=tag; void dfs(int u,int f) size[u]=1; for(int i=head[u];i;i=e[i].n)if(e[i].to!=f) int v=e[i].to; deep[v]=deep[u]+1;fa[v]=u; dfs(v,u); size[u]+=size[v]; jj[e[i].tag]=v; num[v]=e[i].l; if(size[v]>size[son[u]])son[u]=v; void dfs2(int u) dfn[u]=++topo; ji[topo]=u; if(!top[u])top[u]=u; if(son[u])top[son[u]]=top[u],dfs2(son[u]); for(int i=head[u];i;i=e[i].n)if(e[i].to!=fa[u]&&e[i].to!=son[u])dfs2(e[i].to); inline void pushdown(int cnt) tr[cnt<<1]*=-1;tr[cnt<<1|1]*=-1; ma[cnt<<1]*=-1;ma[cnt<<1|1]*=-1; mi[cnt<<1]*=-1;mi[cnt<<1|1]*=-1; swap(ma[cnt<<1],mi[cnt<<1]);swap(ma[cnt<<1|1],mi[cnt<<1|1]); la[cnt]^=1;la[cnt<<1]^=1;la[cnt<<1|1]^=1; void update2(int cnt,int l,int r,int L,int R) if(l>=L&&r<=R) tr[cnt]*=-1;mi[cnt]*=-1;ma[cnt]*=-1;la[cnt]^=1; swap(mi[cnt],ma[cnt]); return; int mid=(l+r)>>1; if(la[cnt])pushdown(cnt); if(mid>=L)update2(cnt<<1,l,mid,L,R); if(mid<R) update2(cnt<<1|1,mid+1,r,L,R); tr[cnt]=tr[cnt<<1]+tr[cnt<<1|1]; ma[cnt]=max(ma[cnt<<1],ma[cnt<<1|1]); mi[cnt]=min(mi[cnt<<1],mi[cnt<<1|1]); int query(int cnt,int l,int r,int L,int R,int tag)//0求和1最大值2最小值 if(l>=L&&r<=R) if(!tag)return tr[cnt]; if(tag==1)return ma[cnt]; return mi[cnt]; int mid=(l+r)>>1; if(la[cnt])pushdown(cnt); int ans=0,ans1=-inf,ans2=inf; if(mid>=L) int bi=query(cnt<<1,l,mid,L,R,tag); if(tag==0)ans+=bi; else if(tag==1)ans1=max(ans1,bi); else ans2=min(ans2,bi); if(mid<R) int bi=query(cnt<<1|1,mid+1,r,L,R,tag); if(!tag)ans+=bi; else if(tag==1)ans1=max(ans1,bi); else ans2=min(ans2,bi); // tr[cnt]=tr[cnt<<1]+tr[cnt<<1|1]; // ma[cnt]=max(ma[cnt<<1],ma[cnt<<1|1]); // mi[cnt]=min(mi[cnt<<1],mi[cnt<<1|1]); if(!tag)return ans; else if(tag==1)return ans1; else return ans2; int que(int x,int y,int tag) int ans=0,ans1=-inf,ans2=inf; while(top[x]!=top[y]) if(deep[top[x]]<deep[top[y]])swap(x,y); if(!tag)ans+=query(1,2,topo,dfn[top[x]],dfn[x],tag); else if(tag==1)ans1=max(ans1,query(1,2,topo,dfn[top[x]],dfn[x],tag)); else ans2=min(ans2,query(1,2,topo,dfn[top[x]],dfn[x],tag)); x=fa[top[x]]; if(dfn[x]>dfn[y])swap(x,y); if(x!=y) if(!tag)ans+=query(1,2,topo,dfn[x]+1,dfn[y],tag); else if(tag==1)ans1=max(ans1,query(1,2,topo,dfn[x]+1,dfn[y],tag)); else ans2=min(ans2,query(1,2,topo,dfn[x]+1,dfn[y],tag)); if(!tag)return ans; else if(tag==1)return ans1; else return ans2; void update(int cnt,int l,int r,int x,int y) if(l==r) tr[cnt]=mi[cnt]=ma[cnt]=y;la[cnt]=0; return; int mid=(l+r)>>1; if(la[cnt])pushdown(cnt); if(mid>=x)update(cnt<<1,l,mid,x,y); else update(cnt<<1|1,mid+1,r,x,y); tr[cnt]=tr[cnt<<1]+tr[cnt<<1|1]; ma[cnt]=max(ma[cnt<<1],ma[cnt<<1|1]); mi[cnt]=min(mi[cnt<<1],mi[cnt<<1|1]); void work(int u,int v) while(top[u]!=top[v]) if(deep[top[u]]<deep[top[v]])swap(u,v); update2(1,2,topo,dfn[top[u]],dfn[u]); u=fa[top[u]]; if(dfn[u]>dfn[v])swap(u,v); if(u!=v)update2(1,2,topo,dfn[u]+1,dfn[v]); void build(int cnt,int l,int r) if(l==r) tr[cnt]=ma[cnt]=mi[cnt]=num[ji[l]]; return; int mid=(l+r)>>1; build(cnt<<1,l,mid);build(cnt<<1|1,mid+1,r); tr[cnt]=tr[cnt<<1]+tr[cnt<<1|1]; ma[cnt]=max(ma[cnt<<1],ma[cnt<<1|1]); mi[cnt]=min(mi[cnt<<1],mi[cnt<<1|1]); int main() // freopen("pus.in","r",stdin); // freopen("233.out","w",stdout); scanf("%d",&n);int u,v,w; for(int i=1;i<n;++i) scanf("%d%d%d",&u,&v,&w); u++;v++;add(u,v,w,i),add(v,u,w,i); dfs(1,0);dfs2(1); build(1,2,topo); scanf("%d",&m); while(m--) cin>>s;scanf("%d%d",&u,&v);++u,++v; if(s[0]==‘C‘)--u;--v;update(1,2,topo,dfn[jj[u]],v); else if(s[0]==‘N‘)work(u,v); else if(s[0]==‘S‘)printf("%d ",que(u,v,0)); else if(s[0]==‘M‘&&s[1]==‘A‘)printf("%d ",que(u,v,1)); else printf("%d ",que(u,v,2)); return 0;
p1505[国家集训队]旅游(树剖板题)(代码片段)
P1505[国家集训队]旅游(树剖板题)1.边权转点权。dfs时边下放到点就行了,因为每个点的父边唯一。2.然后就是裸的线段树了,区间翻转,区间最值,单点修改,没了。3.码农题好想吐槽啊。//Problem:P1505[国家集训... 查看详情
p1505[国家集训队]旅游(代码片段)
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[国家集训队]旅游(代码片段)
嘟嘟嘟 这其实就是一道树剖板子题,只不过就是写的长了一点。还是叨叨几点吧:1.区间取相反数:开一个标记数组,每一次亦或1,然后对应的sum取相反数,Max,Min交换,并且取相反数。2.题目中给的是边权,但要转化成点权... 查看详情
luogup1505[国家集训队]旅游(树链剖分+线段树)(代码片段)
传送门 解题思路快被调死的码农题,,,其实就是一个边权下放到点权的线段树+树剖。 #include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cstdlib>usingnamespacestd;constintMAXN=1 查看详情
p1505[国家集训队]旅游树链剖分(代码片段)
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bzoj2157「国家集训队」旅游(树链剖分,线段树,边权转点权)bzoj计划(代码片段)
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1867.[国家集训队2011]旅游(宋方睿)★★★★ 输入文件:nt2011_travel.in 输出文件:nt2011_travel.out 简单对比时间限制:1s 内存限制:512MB【试题来源】2011中国国家集训队命题答辩【问题描述】Ray乐... 查看详情
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c_cpp旅游指南(代码片段)
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bzoj1393旅游航道(代码片段)
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旅游规划(代码片段)
题意:给一棵树,输出树上所有最长路径包含的节点 树的直径的应用#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstdlib>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>#defineN200005#defineN2400 查看详情
p1137旅行计划(代码片段)
题目描述小明要去一个国家旅游。这个国家有N个城市,编号为1~N,并且有M条道路连接着,小明准备从其中一个城市出发,并只往东走到城市i停止。所以他就需要选择最先到达的城市,并制定一条路线以城市i为终点,使得线路... 查看详情
luogup1137旅行计划(代码片段)
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